FIZIKA, 11. évfolyam 2 Tervezet A FIZIKA egységes államvizsgához az oktatási szervezetekben végzettek képzési szintjének tartalmi elemeinek és követelményeinek kodifikátora Fizika tartalmi elemeinek kodifikátora és az oktatási szervezeteket végzettek képzési szintjének követelményeinek egységesítése. államvizsga egyike azon dokumentumoknak, a FIZIKA Egységes Államvizsga, amely meghatározza a KIM USE szerkezetét és tartalmát. A szövetségi komponensen alapul állami szabványok alapfokú általános és középfokú (teljes) általános fizikaképzés (alap és profilszintek) (Oroszország Oktatási Minisztériumának 2004. március 5-i 1089. sz. rendelete). Kodifikátor 1. szakasz. Egyetlen tartalmi elemen tesztelt tartalmi elemek listája és a fizika államvizsgára való felkészültségi szint követelményei oktatási szervezeteket végzettek számára Az első oszlop a szakaszkódot jelzi, amely megfelel a nagy egységes államvizsgának. fizika tartalomblokkokban. A második oszlop annak a tartalomelemnek a kódját tartalmazza, amelyhez az ellenőrzési feladatok létrejönnek. A nagy tartalomblokkokat kisebb elemekre bontják. A kódot a Szövetségi Állami Költségvetési Ellenőrző és Tudományos Intézmény készítette. A kód a lehető legszélesebb körű Tartalmi elemek, "SZÖVETSÉGI PEDAGÓGIAI MÉRÉSI INTÉZET" esetei a CMM és 1 MECHANIKA 1.1 KINEMATIKA 1.1.1 Mechanikai feladatok által ellenőrzött elemek mozgalom. A mechanikai mozgás relativitáselmélete. Referenciarendszer 1.1.2 Anyagpont. z pálya Sugárvektora:  r (t) = (x (t), y (t), z (t)) ,   pálya, r1 Δ r elmozdulása:     r2 Δ r = r (t 2 ) − r (t1) = (Δ x, Δ y, Δ z) , O y út. Az elmozdulások összeadása: x    Δ r1 = Δ r 2 + Δ r0 © 2018 szövetségi szolgálat oktatási és tudományi felügyeletért Orosz Föderáció

FIZIKA, 11. évfolyam 3 FIZIKA, 11. évfolyam 4 1.1.3 Anyagi pont sebessége: 1.1.8 Pont mozgása egy kör mentén.   Δr  2π υ = = r "t = (υ x, υ y , υ z) , A pont szög- és lineáris sebessége: υ = ωR, ω = = 2πν . Δt Δx →0 T2 Δ x" t , hasonlóan υ y = yt" , υ z = zt" . Egy pont centripetális gyorsulása: aсs = = ω2 R Δt Δt →0 R    1.1.9 Merev test. Fordítási és forgó mozgás Sebességek összeadása: merev test υ1 = υ 2 + υ0 1.1.4 Anyagi pont gyorsulása: 1.2 DINAMIKA Δt →0 Galilei relativitáselv Δυ x 1.2.2 ma ax = = (υ x)t " , hasonlóan a y = (υ y) " , az = (υ z)t" . Testtömeg. Anyagsűrűség: ρ = Δt Δt →0 t  V   1.1.5 Egyenletes egyenes irányú mozgás: 1.2.3 Erő. Az erők szuperpozíciójának elve: F = F1 + F2 +  x(t) = x0 + υ0 xt ma; Δp = FΔt F = állandó 1.1.6 Egyenletesen gyorsított egyenes vonalú mozgás: 1.2.5 Newton harmadik törvénye anyagi pontok: F12 = − F21 F12 F21 x(t) = x0 + υ0 xt + x 2 υ x (t) = υ0 x + axt 2 2 . R υ22x − υ12x = 2ax (x2 − x1) Gravitáció. A gravitáció függése a h magasságtól 1.1.7 Szabadesés felett. y  R0 sugarú bolygófelület: Szabadesés gyorsulása v0 GMm. Egy test mozgása, mg = (R0 + h)2 α és y0 α szöget bezárva 1.2.7 Mozgás égitestekés ők mesterséges műholdak. horizont: Első menekülési sebesség: GM O x0 x υ1к = g 0 R0 = R0  x(t) = x0 + υ0 xt = x0 + υ0 cosα ⋅ t Második menekülési sebesség:   g yt 2 gt 2 2GM  y ) = y0 + υ0 y t + = y0 + υ0 sin α ⋅ t − υ 2 к = 2υ1к =  2 2 R0 υ x ​​​​(t) = υ0 x = υ0 cosα 1.2.8 Rugalmas erő. Hooke törvénye: F x = − kx  υ y (t) = υ0 y + g yt = υ0 sin α − gt 1.2.9 Súrlódási erő. Száraz súrlódás. Csúszó súrlódási erő: Ftr = μN gx = 0  Statikus súrlódási erő: Ftr ≤ μN  g y = − g = const Súrlódási tényező 1.2.10 F Nyomás: p = ⊥ S © 2018 Szövetségi Oktatási és Tudományos Felügyeleti Szolgálat Orosz Föderáció Föderáció © 2018 Az Orosz Föderáció Oktatási és Tudományos Szövetségi Felügyeleti Szolgálata

FIZIKA, 11. évfolyam 5 FIZIKA, 11. évfolyam 6 1.4.8 A mechanikai energia változásának és megmaradásának törvénye: 1.3 STATIKA E mech = E kin + E potenc, 1.3.1 A tengely körüli erőnyomaték ISO-ban ΔE mech = Aall nem potenciál . erők, forgás:  l M = Fl, ahol l az F erő válla ISO-ban ΔE mech = 0, ha Aall nem potenciális. erő = 0 → O az F 1.5 MECHANIKAI REZGÉSEK ÉS HULLÁMOK O ponton átmenő tengely körül, amely merőleges az 1.5.1 ábrára Harmonikus rezgések. A rezgések amplitúdója és fázisa. 1.3.2 Merev test egyensúlyi feltételei ISO-ban: Kinematikai leírás: M 1 + M 2 +  \u003d 0 x (t) \u003d A sin (ωt + φ 0) , F1 + F2 +  = 0 1,3 .3 Pascal-törvény ax (t) = (υ x)"t = −ω2 x(t). 1.3.4 Nyomás a folyadékban nyugalmi állapotban ISO-ban: p = p 0 + ρ gh Dinamikus leírás:   1.3.5 Archimedes törvénye: FArch = − P eltolva. , ma x = − kx , ahol k = mω . 2, ha a test és a folyadék nyugalomban van az IFR-ben, akkor FArx = ρ gV kiszorítva. Energetikai leírás (a testek úsztatásának mechanikai állapotának megmaradásának törvénye mv 2 kx 2 mv max 2 kA 2 energia): + = = = сonst. 1.4 MEGMARADÁSI TÖRVÉNYEK A MECHANIKÁBAN 2 2 2 2 ... 2 v max = ωA , a max = ω A F2 külső Δ t +  ; 1.5.2 2π 1   A rezgések periódusa és gyakorisága: T = = .    ω ν ISO-ban Δp ≡ Δ(p1 + p2 + ...) = 0, ha F1 ext + F2 ext +  = 0 A matematikai 1.4.4 kis szabad rezgések periódusa: Erőmunka: kis elmozdulásnál   l A = F ⋅ Δr ⋅ cos α = Fx ⋅ Δx α  F az inga: T = 2π . Δr g Rugóinga szabad rezgésének periódusa: 1.4.5 Erőteljesítmény:  F m ΔA α T = 2π P= = F ⋅ υ ⋅ cosα  k Δt Δt →0 v 1.5.3 Kényszerített. Rezonancia. Rezonanciagörbe 1.4.6 Anyagi pont kinetikus energiája: 1.5.4 Kereszt- és longitudinális hullámok. Sebesség mυ 2 p 2 υ Ekin = = . terjedés és hullámhossz: λ = υT =. 2 2m ν A rendszer mozgási energiájának változásának törvénye Anyagi pontok hullámainak interferencia és diffrakciója: ISO-ban ΔEkin = A1 + A2 +  1.5.5 Hang. Hangsebesség 1.4.7 Potenciális energia: 2 MOLEKULÁRIS FIZIKA. TERMODINAMIKA potenciális erőkre A12 = E 1 pot − E 2 pot = − Δ E pot. 2.1 MOLEKULÁRIS FIZIKA Egy test potenciális energiája egyenletes gravitációs térben: 2.1.1 Gázok, folyadékok és szilárd testek szerkezetének modelljei E potenciál = mgh . 2.1.2 Atomok és anyagmolekulák hőmozgása Rugalmasan deformált test potenciális energiája: 2. 1.3. Anyagrészecskék kölcsönhatása 2.1.4. Diffúzió. Brown-mozgás kx 2 E potenc = 2.1.5 Ideális gázmodell az MCT-ben: a gázrészecskék véletlenszerűen mozognak 2 és nem lépnek kölcsönhatásba egymással

FIZIKA 11. évfolyam 7 FIZIKA 11. évfolyam 8 2.1.6 A nyomás és az átlagos mozgási energia kapcsolata 2.1.15 Változás aggregált állapotok anyagok: molekulák párolgása és transzlációs hőmozgása ideális kondenzáció, forrásban lévő cseppfolyós gáz (az MKT fő egyenlete): 2.1.16 Az aggregált halmazállapotok változása: olvadás és 1 2 m v2  2 kristályosodás p = m0nv 2 = n ⋅  0  = n ⋅ ε post 3 3  2  3 2.1.17 Energiaátalakítás fázisátalakulásokban 2.1.7 Abszolút hőmérséklet: T = t ° + 273 K 2.2 A részecskék transzlációs termikus mozgásának hőmérséklete TERMODINAMIKA : 2.2.2 Belső energia 2.2.3 A hőátadás, mint változási módszer belső energiam v2  3 ε post =  0  = kT munka nélkül. Konvekció, vezetés,  2  2 sugárzás 2.1.9 Egyenlet p = nkT 2.2.4 Hőmennyiség. 2.1.10 Ideális gázmodell a termodinamikában: Egy anyag fajlagos hőkapacitása c: Q = cmΔT. Mendelejev-Clapeyron egyenlet 2.2.5 Fajlagos párolgási hő r: Q = rm .  Fajlagos olvadási hő λ: Q = λ m . Belső energia kifejezése Mengyelejev-Clapeyron egyenlet (alkalmazható formák Tüzelőanyag fajlagos fűtőértéke q: Q = qm bejegyzések): 2.2.6 Termodinamikai elemi munka: A = pΔV . m ρRT Munkaszámítás a folyamat ütemezése szerint a pV-diagramon pV = RT = νRT = NkT , p = . μ μ 2.2.7 A termodinamika első főtétele: Egy ideális gáz egyatomos Q12 = ΔU 12 + A12 = (U 2 − U 1) + A12 belső energiájának kifejezése (alkalmazható jelölés): Adiabatikus: 3 3 3m Q12 = 0  A12 = U1 − U 2 U = νRT = NkT = RT = νc νT 2 2 2μ 2.2.8 A termodinamika második főtétele, irreverzibilitás 2.1.11 Dalton-törvény ritkított gázok keverékének nyomására: 2.2.9 Alapelvek hőgépek működéséről. Hatékonyság: p = p1 + p 2 +  A Qterhelés − Qhideg Q = állandó): pV = állandó , 2.2.10 Maximális hatásfok érték. Carnot ciklus Tload − T hideg T hideg p max η = η Carnot = = 1− izokor (V = állandó): = állandó , Tload Tload T V 2.2.11 Hőmérleg egyenlete: Q1 + Q 2 + Q 3 + ... = 0 . isobar (p = const): = const . T 3 ELEKTRODINAMIKA Izofolyamatok grafikus ábrázolása pV-, pT- és VT- felületeken 3.1 ELEKTROMOS TÉR diagramok 3.1.1 Testek villamosítása és megnyilvánulásai. Elektromos töltés. 2.1.13 Telített és telítetlen gőzök. Kiváló minőség Kétféle töltés. elemi elektromos töltés. A törvény a telített gőz sűrűségének és nyomásának függése a hőmérséklet elektromos töltése megmaradásától, függetlenségük a telített térfogattól. 3.1.2 A töltések kölcsönhatása. pontdíjak. Coulomb-törvény: gőz q ⋅q 1 q ⋅q 2.1.14 A levegő páratartalma. F =k 1 2 2 = ⋅ 1 2 2 r 4πε 0 r p gőz (T) ρ gőz (T) Relatív páratartalom: ϕ = = 3.1.3 Elektromos tér. Elektromos töltésekre gyakorolt ​​hatása p sat. gőz (T) ρ sat. para (T) © 2018 Szövetségi Oktatási és Tudományos Felügyeleti Szolgálat az Orosz Föderáció

FIZIKA, 11. évfolyam 9 FIZIKA, 11. évfolyam 10  3.1.4  F 3.2.4 Elektromos ellenállás. Ellenállás függése Elektromos térerősség: E =. hosszában és keresztmetszetében homogén vezető. Egy anyag fajlagos q próba l q rezisztenciája. R = ρ Ponttöltésmező: E r = k 2, S  r 3.2.5 Áramforrások. EMF és belső ellenállás egységes mező: E = állandó. A Az aktuális forrásmezők vonalmintái.  = külső erők 3.1.5 Az elektrosztatikus tér potenciálja. q Potenciálkülönbség és feszültség. 3.2.6 Ohm törvénye teljes (zárt) A12 = q (ϕ1 - ϕ 2) = - q Δ ϕ = qU elektromos áramkör:  = IR + Ir, innen ε, r R Potenciális töltési energia elektrosztatikus térben:  I= W = qϕ . R+r W 3.2.7 Vezetők párhuzamos kötése: Elektrosztatikus térpotenciál: ϕ = . q 1 1 1 I = I1 + I 2 +  , U 1 = U 2 =  , = + + Egyenletes elektrosztatikus tér Rparall R1 R 2 térerősségének és potenciálkülönbségének kapcsolata: U = Szerk. Vezetők soros bekötése: 3.1.6 Elektromos terek   szuperpozíció  elve: U = U 1 + U 2 +  , I 1 = I 2 =  , Rposl = R1 + R2 +  E = E1 + E 2 +  , ϕ = ϕ 1 + ϕ 2 +  3.2.8 Elektromos árammunka: A = IUt 3.1.7 Vezetők elektrosztatikus  térben. Feltétel Joule-Lenz törvény: Q = I 2 Rt töltésegyensúly: a vezető belsejében E = 0, a vezető felületén belül és 3.2.9 ΔA ϕ = const . Elektromos áramteljesítmény: P = = IU. Δt Δt → 0 3.1.8 Dielektrikumok elektrosztatikus térben. Dielektromos Az ellenállásban disszipált hőteljesítmény: anyagáteresztő képesség ε 3.1.9 q U2 Kondenzátor. A kondenzátor kapacitása: C = . P = I 2R = . U R εε 0 S ΔA Lapos kondenzátor kapacitása: C = = εC 0 Áramforrás teljesítménye: P = st. erők = I d Δ t Δt → 0 3.1.10 Kondenzátorok párhuzamos kapcsolása: 3.2.10 Elektromos töltések szabad hordozói a vezetőkben. q \u003d q1 + q 2 + , U 1 \u003d U 2 \u003d , C párhuzamos \u003d C1 + C 2 +  Szilárd fémek vezetőképességének mechanizmusai, oldatok és kondenzátorok soros csatlakozása, olvadt elektrolitok. Félvezetők. 1 1 1 Félvezető dióda U = U 1 + U 2 +  , q1 = q 2 =  , = + + 3.3 MÁGNESES TÉR C seq C1 C 2 3.3.1 Mágnesek mechanikai kölcsönhatása. Mágneses mező. 3.1.11 qU CU 2 q 2 Mágneses indukciós vektor. Szuperpozíciós elv Töltött kondenzátor energiája: WC = = =    2 2 2C mágneses terek: B = B1 + B 2 +  . Mágneses vonalak 3.2 AZ KÖZVETLENÁRAM TÖRVÉNYEI. Mezővonalak csíkos és patkómintája 3. 2.1 Δq állandó mágnesek Áramerősség: I = . Egyenáram: I = állandó. Δ t Δt → 0 3.3.2 Oersted kísérlete. Az áramvezető mágneses tere. Egyenáramra q = It Egy hosszú egyenes vezető térvonalainak mintázata és 3.2.2 Az elektromos áram létezésének feltételei. zárt gyűrűs vezető, tekercsek árammal. U feszültség és EMF ε 3.2.3 U Ohm törvénye az áramkör szakaszra: I = R

FIZIKA, 11. évfolyam 11. FIZIKA, 11. évfolyam 12. oszcillációs áramkör: FA = IBl sin α, ahol α a CU 2 LI 2 CU max 2 LI 2  + = = max = const vezető és a B 2 2 2 2 vektor közötti szög .3 Kényszerített elektromágneses rezgések. Rezonancia  FLor = q vB sinα , ahol α a v és B vektorok közötti szög. 3.5.4 Váltakozó áram. Előállítás, átvitel és fogyasztás Töltött részecske mozgása homogén mágneses elektromos energiatérben 3.5.5 Az elektromágneses hullámok tulajdonságai. Kölcsönös orientáció   3.4 Vektorok ELEKTROMÁGNESES INDUKCIÓJA elektromágneses hullámban vákuumban: E ⊥ B ⊥ c . 3.4.1 A mágneses vektor fluxusa   3.5.6 Az elektromágneses hullámok skálája. Az n B indukció alkalmazása: Ф = B n S = BS cos α elektromágneses hullámok a technikában és a mindennapi életben α 3.6 OPTIKA S 3.6.1 A fény egyenes vonalú terjedése homogén közegben. Fénysugár 3.4.2 Az elektromágneses indukció jelensége. Az indukció EMF 3.6.2 A fényvisszaverődés törvényei. 3.4.3. Az elektromágneses indukció Faraday-törvénye: 3.6.3. Képek felépítése lapos tükörben ΔΦ 3.6.4. A fénytörés törvényei. i = − = −Φ"t Fénytörés: n1 sin α = n2 sin β . Δt Δt →0 c 3.4.4 Indukció EMF egy l hosszúságú egyenes vezetőben mozgó Abszolút mutató fénytörés: n absz =.    v  () υ υ ⊥ l sebességgel egyenletes mágneses Relatív mutató fénytörés: n rel = n 2 v1 =. n1 v 2 B mező:   i = Blυ sin α, ahol α a B és υ vektorok közötti szög; ha a sugarak lefutása egy prizmában.    A frekvenciák és a hullámhosszok aránya az l ⊥ B és v ⊥ B átmenet során, majd i = Blυ monokromatikus fény két határfelületén 2 3.4.6 Ф 3.6.5 Teljes belső visszaverődés. Induktivitás: L = , vagy Φ = LI . n2 I A teljes ΔI belső visszaverődés határszöge: Önindukció. Az önindukció EMF-je: si = - L = - LI "t 1 n n1 Δt Δt → 0 sin αpr = = 2 αpr 3.4.7 nrel n1 LI 2 Energia mágneses mező tekercsek árammal: WL = 3.6.6 Konvergens és divergáló lencsék. Vékony lencse. 2 Vékony lencse gyújtótávolsága és optikai teljesítménye: 3.5 ELEKTROMÁGNESES REZGÉSEK ÉS HULLÁMOK 1 3.5.1. Oszcillációs áramkör. Szabad D= elektromágneses rezgések ideális C L F oszcillációs körben: 3.6.7 Vékonylencse képlete: d 1 1 1 q(t) = q max sin(ωt + ϕ 0) + =. H  d f F F  I (t) = qt′ = ωq max cos(ωt + ϕ 0) = I max cos(ωt + ϕ 0) Növekedés adott 2π 1 F h Thomson-képlet: T = 2π LC , innen ω = = . lencse: Γ = h = f f T LC H d A kondenzátortöltés amplitúdója és az I áramerősség amplitúdója közötti kapcsolat az oszcillációs körben: q max = max. ω © 2018 Az Orosz Föderáció Oktatási és Tudományos Felügyeleti Szövetségi Szolgálata © 2018 Az Orosz Föderáció Oktatási és Tudományos Szövetségi Felügyeleti Szolgálata

FIZIKA, 11. évfolyam 13 FIZIKA, 11. évfolyam 14 3.6.8 A lencsén tetszőleges szögben áthaladó sugár útja 5.1.4 A fotoelektromos hatás Einstein-egyenlete: a fő optikai tengely. Egy pont és E foton = A output + Ekin max képeinek szerkesztése, egy vonalszakasz konvergáló és divergáló lencsékben és hс hс rendszereikben ahol Ephoton = hν = , Aoutput = hν cr = , 3.6.9 Kamera mint optikai eszköz. λ λ cr 2 Szemszerű optikai rendszer mv max Ekin max = = eU 3.6.10 Fény interferencia. koherens források. 2. feltétel a maximumok és minimumok megfigyeléséhez az 5.1.5 A részecskék hullámtulajdonságai című részben. De Broglie integet. interferencia minta két azonos fázisú h h De Broglie hullámhosszú mozgó részecske: λ = =. koherens források p mv λ Hullám-részecske kettősség. Elektrondiffrakciós maximumok: Δ = 2m , m = 0, ± 1, ± 2, ± 3, ... kristályokon 2 λ 5.1.6 Fénynyomás. Fénynyomás teljesen visszaverő minimumokon: Δ = (2m + 1) , m = 0, ± 1, ± 2, ± 3, ... felületen és teljesen elnyelő felületen 2 5.2 ATOMFIZIKA 3.6.11 A fény diffrakciója. Diffrakciós rács. Feltétel 5.2.1 A fő maximumok megfigyelési atomjának bolygómodellje normál incidenciában 5.2.2 Bohr-féle posztulátumok. λ hullámhosszú monokromatikus fénnyel fotonok emissziója és abszorpciója rácson az atom egyik energiaszintről a másikra való átmenetével: d periódus: d sin ϕ m = m λ , m = 0, ± 1, ± 2, ± 3, ... hc 3.6.12 Fény szórása hν mn = = En − Em λ mn 4 A SPECIÁLIS RELATIVITÁS ALAPJAI 4.1 A fénysebesség modulusának invarianciája vákuumban. 5.2.3. alapelv Vonalspektrumok. Einstein relativitáselmélet Hidrogénatom energiaszintjének spektruma: 4,2 − 13,6 eV En = , n = 1, 2, 3, ... 2 Szabad részecske energiája: E = mc . v2 n2 1− 5.2.4 Lézer c2  5.3 NEM FIZIKA Részecske impulzus: p = mv  . v 2 5.3.1 A Heisenberg–Ivanenko atommag nukleonmodellje. Alaptöltés. 1 − Az atommag tömegszáma. c2 izotópok 4.3. A szabad részecske tömegének és energiájának kapcsolata: 5.3.2. Nukleonok kötési energiája az atommagban. nukleáris erők E 2 − (pc) = (mc 2) . 2 2 5.3.3 Nukleáris tömeghiba AZ X: Δ m = Z ⋅ m p + (A − Z) ⋅ m n − m mag Egy szabad részecske nyugalmi energiája: E 0 = mc 2 5.3.4 Radioaktivitás. 5 KVANTUMFIZIKA ÉS AZ ASZTROFIZIKA ELEMEI Alfa-bomlás: AZ X→ AZ−−42Y + 42 He . 5.1 TEST-HULLÁM DUALIZMUS A A 0 ~ Béta-bomlás. Elektronikus β-bomlás: Z X → Z +1Y + −1 e + ν e. 5.1.1 M. Planck hipotézise a kvantumokról. Planck-képlet: E = hν Pozitron β-bomlás: AZ X → ZA−1Y + +10 ~ e + νe . 5.1.2 hc Gamma sugarak Fotonok. Fotonenergia: E = hν = = pc . λ 5.3.5 − t E hν h A radioaktív bomlás törvénye: N (t) = N 0 ⋅ 2 T Foton impulzus: p = = = c c λ 5.3.6 Atomreakciók. Az atommagok hasadása és fúziója 5.1.3 Fotoelektromos hatás. Kísérletek A.G. Stoletov. A fotoelektromos hatás törvényei 5.4 AZ ASZTROFIZIKA ELEMEI 5.4.1 Naprendszer: földi bolygók ill. óriásbolygók, kis testek Naprendszer© 2018 Az Orosz Föderáció Oktatási és Tudományos Felügyeleti Szövetségi Szolgálata © 2018 Az Orosz Föderáció Oktatási és Tudományos Szövetségi Felügyeleti Szolgálata

FIZIKA, 11. évfolyam 15. FIZIKA, 11. évfolyam 16. 5.4.2 Csillagok: a csillagjegyek sokfélesége és szabályszerűségei. A 2.5.2 csillagenergia-források példákat adnak a kísérletekre, amelyek szemléltetik, hogy: 5.4.3 Modern kilátás A megfigyelés és a kísérlet eredetéről és fejlődéséről szóló dokumentum a nap és a csillagok jelölésének alapjául szolgál. hipotézisek és tudományos elméletek felépítése; Kísérlet 5.4.4 A mi galaxisunk. más galaxisok. A térbeli lehetővé teszi az elméleti következtetések igazságtartalmának ellenőrzését; a megfigyelhető Univerzum fizikai elméletének léptéke lehetővé teszi a jelenségek magyarázatát 5.4.5 A természet és a tudományos tények világegyetem szerkezetének és fejlődésének modern nézetei; a fizikai elmélet lehetővé teszi a még ismeretlen jelenségek és jellemzőik előrejelzését; amikor magyaráz természetes jelenség A 2. szakasz használatos: A fizikai modellekkel ellenőrzött képzettségi szint követelményeinek listája; ugyanaz természeti tárgy illetve a fizika egységes államvizsgán a jelenséget különböző modellek felhasználásával lehet tanulmányozni; a fizika törvényei és fizikai elméletek saját kóddal rendelkeznek A végzettek képzettségi szintjére vonatkozó követelmények, amelyek követelményeinek bizonyos alkalmazhatósági határainak alakulását az USE 2.5.3 fizikai mennyiségek mérése, eredmények bemutatása ellenőrzi 1 Ismerje / Értse: mérések, azok figyelembevételével. hibák 1.1 a fizikai fogalmak jelentése 2.6 a megszerzett ismeretek alkalmazása fizikai megoldásra 1.2 a feladatok fizikai mennyiségeinek jelentése 1.3 a fizikai törvények, alapelvek, posztulátumok jelentése 3 A megszerzett ismeretek és készségek gyakorlati felhasználása 2 Legyen képes: tevékenységekre, ill. Mindennapi élet hogy: 2.1 leírja és elmagyarázza: 3.1 biztosítsa az életbiztonságot a használat során Jármű, háztartási 2.1.1 fizikai jelenségek, elektromos készülékek testének fizikai jelenségei és tulajdonságai, rádió- és távközlési létesítmények 2.1.2 kommunikációs kísérletek eredményei; az emberi testre és másokra gyakorolt ​​hatás értékelése 2.2. írja le azokat az alapvető kísérleteket, amelyek szennyezést okoztak a szervezetekben környezet; racionális jelentős hatás a természetgazdálkodás és a környezetvédelem fizikájának fejlődésére; 2.3 mondjon példákat! praktikus alkalmazás fizikai 3.2 a tudással, a fizika törvényeivel kapcsolatos saját pozíció meghatározása környezetvédelmi kérdésekés viselkedés benne természetes környezet 2.4 ütemterv, táblázat, képlet szerint határozza meg a fizikai folyamat jellegét; magreakciók termékei az elektromos töltés megmaradásának törvényein és a tömegszámon 2,5 2,5.1 megkülönbözteti a hipotéziseket a tudományos elméletektől; következtetéseket levonni a kísérleti adatok alapján; mondjon példákat, amelyek bemutatják, hogy: a megfigyelések és a kísérletek képezik az alapját hipotézisek és elméletek felállításának, lehetővé teszik az elméleti következtetések igazságtartalmának ellenőrzését; a fizikai elmélet lehetővé teszi az ismert természeti jelenségek és tudományos tények magyarázatát, a még nem ismert jelenségek előrejelzését; © 2018 Az Orosz Föderáció Oktatási és Tudományos Felügyeleti Szövetségi Szolgálata © 2018 Az Orosz Föderáció Oktatási és Tudományos Szövetségi Felügyeleti Szolgálata

Keresési eredmények:

1. demók, specifikációk, kodifikátorok HASZNÁLAT 2015

   Egy állapot vizsga; - ellenőrzési mérőanyagok előírásai az egységes elvégzéséhez állapot vizsga

   fipi.ru
2. demók, specifikációk, kodifikátorok HASZNÁLAT 2015

   Kapcsolatok. USE és GVE-11.

   Demók, specifikációk, USE 2018 kódolók Információk a KIM USE 2018 változásairól (272,7 Kb).

   FIZIKA (1 Mb). kémia (908,1 Kb). Demok, specifikációk, USE 2015 kódolók.

   fipi.ru
3. demók, specifikációk, kodifikátorok HASZNÁLAT 2015

   USE és GVE-11.

   Demók, specifikációk, USE 2018 kódolók OROSZ NYELV (975,4 Kb).

   FIZIKA (1 Mb). Demok, specifikációk, USE 2016 kódolók.

   www.fipi.org
4. Hivatalos demo HASZNÁLAT 2020 által fizika a FIPI-től.

   OGE 9. osztályban. Hírek HASZNÁLATA.

   → Demo: fi-11-ege-2020-demo.pdf → Kodifikátor: fi-11-ege-2020-kodif.pdf → Leírás: fi-11-ege-2020-spec.pdf → Letöltés egy archívumban: fi_ege_2020. zip .

   4ege.ru
5. Kodifikátor

   A FIZIKA Egységes Államvizsga tartalmi elemeinek kodifikátora. Mechanika.

   Vitorlázás állapota tel. Molekuláris fizika. Gázok, folyadékok és szilárd anyagok szerkezetének modelljei.

   01n®11 p+-10e +n~e. N.

   phys-ege.sdamgia.ru
6. Kodifikátor HASZNÁLATÁltal fizika

   HASZNÁLJON kodifikátort a fizikában. Tartalmi elemek és követelmények kodifikátora az oktatási szervezetek végzett hallgatóinak képzési szintjének egységes lebonyolításához állapot fizika vizsga.

   www.mosrepetitor.ru
7. Felkészüléshez szükséges anyag HASZNÁLAT(GIA) által fizika (11 Osztály)...
8. Kodifikátor HASZNÁLAT-2020-ig fizika FIPI - Orosz tankönyv

   Kodifikátor tartalmi elemei és követelményei az oktatási szervezetek végzett hallgatóinak képzési szintjére HASZNÁLATÁltal fizika a KIM szerkezetét és tartalmát meghatározó dokumentumok egyike egységes állapot vizsga, tárgyak...

   rosuchebnik.ru
9. Kodifikátor HASZNÁLATÁltal fizika

   A fizika tartalmi elemeinek kodifikátora és az oktatási szervezetek végzett hallgatóinak képzési szintjére vonatkozó követelmények egységes lefolytatásához állapot vizsga az egyik olyan dokumentum, amely meghatározza a KIM USE szerkezetét és tartalmát.

   physicsstudy.ru
10. demók, specifikációk, kodifikátorok| GIA- 11

    tartalmi elemek kodifikátorai és az oktatási intézményekben végzettek képzési szintjére vonatkozó követelmények egységes

    ellenőrzési mérőanyagok előírásai elvégzésére egységes állapot vizsga

    ege.edu22.info
11. Kodifikátor HASZNÁLATÁltal fizika 2020

    HASZNÁLAT a fizikában. FIPI. 2020. Kodifikátor. Oldal menü. A fizika vizsga felépítése. Online felkészítés. Demok, specifikációk, kódolók.

    xn--h1aa0abgczd7be.xn--p1ai
12. Műszaki adatokÉs kodifikátorok HASZNÁLAT 2020 a FIPI-től

    A FIPI USE 2020 specifikációi. Az orosz nyelvű egységes államvizsga specifikációja.

    HASZNÁLJON kodifikátort a fizikában.

    bingoschool.ru
13. Dokumentumok | Szövetségi Pedagógiai Mérések Intézete

    Bármilyen - USE és GVE-11 - Demók, specifikációk, kódolók - Demók, specifikációk, USE 2020 kódolók

    anyagok a PC elnökeinek és tagjainak a feladatok ellenőrzéséről az OU 2015. évi IX. osztályos GIA részletes válaszával - Oktatási és módszertani ...

    fipi.ru
14. Próba verzió HASZNÁLAT 2019 által fizika

    A KIM USE 2019 hivatalos bemutató verziója a fizikában. A szerkezetben nincs változás.

    → Demo verzió: fi_demo-2019.pdf → Kodifikátor: fi_kodif-2019.pdf → Leírás: fi_specif-2019.pdf → Letöltés egy archívumban: fizika-ege-2019.zip.

    4ege.ru
15. A FIPI demó verziója HASZNÁLAT 2020 által fizika, leírás...

    Hivatalos próba verzió HASZNÁLAT a fizikában 2020-ban. JÓVÁHAGYOTT OPCIÓ A FIPI-TŐL – végleges. A dokumentum tartalmazza a 2020-ra vonatkozó specifikációt és kódolót.

    ctege.info
16. HASZNÁLAT 2019: bemutatók, Műszaki adatok, Kodifikátorok...

    Átlagos Általános oktatás

    Line UMK G. Ya. Myakishev, M.A. Petrova. Fizika (10-11) (B)

    USE-2020 kódoló a fizikában FIPI

    Az oktatási szervezetek végzett hallgatóinak képzési szintjére vonatkozó tartalmi elemek és követelmények kodifikátora a vizsga lebonyolítása fizikában az egységes államvizsga KIM felépítését és tartalmát meghatározó dokumentumok egyike, amelyek listájának tárgyai meghatározott kóddal rendelkeznek. A fizika (alap- és profilszintek) általános és középfokú (teljes) általános oktatására vonatkozó állami szabványok szövetségi komponense alapján kodifikátort állítottak össze.

    Főbb változások az új demóban

    A változtatások többnyire csekélyek voltak. Tehát a fizikai feladatokban nem öt, hanem hat kérdés lesz, ami részletes választ jelent. Nehezebbé vált az asztrofizika elemeinek ismeretéről szóló 24. számú feladat - most két kötelező helyes válasz helyett két vagy három helyes megoldás is lehet.

    Hamarosan a közelgő vizsgáról beszélünk az éterben YouTube csatornánkat.

    HASZNÁLATI ütemterv a fizikában 2020-ban

    Jelenleg ismert, hogy az Oktatási Minisztérium és a Rosobrnadzor tervezeteket tett közzé nyilvános vitára HASZNÁLATI ütemtervek. A fizikavizsgákat június 4-én tartják.

    A kódoló két részre osztott információ:

    1. rész: "Fizika egységes államvizsgán ellenőrzött tartalmi elemek listája";

    2. rész: "A fizika egységes államvizsgán ellenőrzött, érettségizettek felkészültségi szintjére vonatkozó követelménylista."

    Fizika egységes államvizsgán tesztelt tartalmi elemek listája

    Az eredeti táblázatot bemutatjuk a FIPI által biztosított tartalmi elemek listájával. Töltse le a USE kódolót a fizikában teljes verzió tovább lehet hivatalos honlapján.

    szakasz kódja	Szabályozott elem kódja	A CMM-feladatok által ellenőrzött tartalmi elemek
    1	Mechanika
    1.1	Kinematika
    1.2	Dinamika
    1.3	Statika
    1.4	Természetvédelmi törvények a mechanikában
    1.5	Mechanikai rezgések és hullámok
    2	Molekuláris fizika. Termodinamika
    2.1	Molekuláris fizika
    2.2	Termodinamika
    3	Elektrodinamika
    3.1	Elektromos mező
    3.2	DC törvények
    3.3	Mágneses mező
    3.4	Elektromágneses indukció
    3.5	Elektromágneses rezgések és hullámok
    3.6	Optika
    4	A speciális relativitáselmélet alapjai
    5	A kvantumfizikaés az asztrofizika elemei
    5.1	Hullám-részecske kettősség
    5.2	Az atom fizikája
    5.3	Fizika atommag
    5.4	Az asztrofizika elemei

    A könyv a sikerhez szükséges anyagokat tartalmazza a vizsga letétele: rövid elméleti információk minden témában, különböző típusú és összetettségű feladatok, problémamegoldás haladó szint nehézségek, válaszok és értékelési szempontok. A diákoknak nem kell keresniük További információ az interneten, és vásároljon egyéb juttatásokat. Ebben a könyvben mindent megtalálnak, amire szükségük van a vizsgára való önálló és hatékony felkészüléshez.

    A végzettek képzettségi szintjére vonatkozó követelmények

    A KIM FIPI-t a vizsgázók felkészültségi szintjére vonatkozó speciális követelmények alapján fejlesztették ki. Így a fizikavizsgával való sikeres megbirkózás érdekében a végzősnek:

    1. Tudja/értse:

    1.1. a fizikai fogalmak jelentése;

    1.2. a fizikai mennyiségek jelentése;

    1.3. a fizikai törvények, elvek, posztulátumok jelentése.

    2. Legyen képes:

    2.1. írja le és magyarázza el:

    2.1.1. fizikai jelenségek, testek fizikai jelenségei és tulajdonságai;

    2.1.2. kísérleti eredmények;

    2.2. olyan alapvető kísérletek leírása, amelyek jelentős hatással voltak a fizika fejlődésére;

    2.3. mondjon példákat a fizikai ismeretek gyakorlati alkalmazására, a fizika törvényeire;

    2.4. ütemterv, táblázat, képlet szerint határozza meg a fizikai folyamat jellegét; az elektromos töltés és a tömegszám megmaradásának törvényein alapuló magreakciók termékei;

    2.5.1. a hipotézisek megkülönböztetése a tudományos elméletektől; következtetéseket levonni a kísérleti adatok alapján; mondjon példákat, amelyek bemutatják, hogy: a megfigyelések és a kísérletek képezik az alapját hipotézisek és elméletek felállításának, és lehetővé teszik az elméleti következtetések igazságtartalmának ellenőrzését, a fizikai elmélet lehetővé teszi az ismert természeti jelenségek és tudományos tények magyarázatát, a még ismeretlen jelenségek előrejelzését;

    2.5.2. mondjon példákat kísérletekre, amelyek szemléltetik, hogy: a megfigyelések és a kísérletek hipotézisek alapjául és tudományos elméletek felépítéséhez szolgálnak; a kísérlet lehetővé teszi az elméleti következtetések igazságtartalmának ellenőrzését; a fizikai elmélet lehetővé teszi a természeti jelenségek és tudományos tények magyarázatát; a fizikai elmélet lehetővé teszi a még ismeretlen jelenségek és jellemzőik előrejelzését; a természeti jelenségek magyarázatánál fizikai modelleket használnak; ugyanaz a természeti objektum vagy jelenség különböző modellekkel vizsgálható; a fizika törvényeinek és a fizikai elméleteknek megvannak a maguk meghatározott alkalmazhatósági határai;

    2.5.3. fizikai mennyiségeket mérni, a mérések eredményeit bemutatni, figyelembe véve azok hibáit;

    2.6. a megszerzett ismereteket fizikai problémák megoldására alkalmazza.

    3. Használja a megszerzett ismereteket és készségeket gyakorlati tevékenységekés a mindennapi életben:

    3.1. az életbiztonság biztosítása a járművek, háztartási elektromos készülékek, rádió- és távközlési kommunikáció használata során; a környezetszennyezés emberi szervezetre és más szervezetekre gyakorolt ​​hatásának felmérése; környezetgazdálkodásés a környezetvédelem;

    3.2. saját helyzetének meghatározása a környezeti problémákkal és a természeti környezetben való viselkedéssel kapcsolatban.

    Leírás
    ellenőrző mérőanyagok
    a 2018-as egységes államvizsga letételéért
    a FIZIKÁBAN

    1. A KIM USE kinevezése

    Az egységes állami vizsga (a továbbiakban: USE) a képzés minőségének objektív értékelésének formája a oktatási programok középfokú általános oktatás, szabványosított formájú feladatok (ellenőrző mérőanyagok) felhasználásával.

    Az USE az Orosz Föderáció oktatásáról szóló, 2012. december 29-i 273-FZ szövetségi törvénynek megfelelően történik.

    Az ellenőrző mérőanyagok lehetővé teszik a középfokú (teljes) általános fizika-, alap- és profilszintű középfokú (teljes) általános oktatási szabvány szövetségi komponensének végzett hallgatóinak fejlettségi szintjének megállapítását.

    Elismerik a fizika egységes államvizsga eredményeit oktatási szervezetek középső szakképzésés a felsőoktatás oktatási szervezetei a fizika felvételi vizsgák eredményeként.

    2. A KIM USE tartalmát meghatározó dokumentumok

    3. A tartalom kiválasztásának megközelítései, a KIM USE szerkezetének kialakítása

    A vizsgadolgozat minden változata minden szekcióból tartalmaz ellenőrzött tartalmi elemeket iskolai tanfolyam fizika, míg minden szekcióhoz minden taxonómiai szintű feladatot kínálnak. A felsőoktatási intézmények továbbképzése szempontjából legfontosabb tartalmi elemeket azonos változatban különböző összetettségű feladatok irányítják. Egy adott szakaszra vonatkozó feladatok számát annak tartalmi tartalma és a tanulásra szánt tanulási idő arányában határozza meg egy példaértékű fizika szaknak megfelelően. A tartalmi kiegészítés elvén épülnek fel a különböző tervek, amelyek alapján a vizsgálati lehetőségeket megépítik, így általában minden opciósorozat diagnosztikát ad a kodifikátorban szereplő összes tartalmi elem fejlesztéséhez.

    A CMM tervezésének prioritása a szabvány által előírt tevékenységtípusok ellenőrzésének szükségessége (figyelembe véve a hallgatók tudásának és készségeinek tömeges írásbeli tesztelésének feltételeiben fennálló korlátokat): a fizika kurzus fogalmi apparátusának elsajátítása , módszertani ismeretek elsajátítása, ismeretek alkalmazása a fizikai jelenségek magyarázatában és a problémák megoldásában. A fizikai tartalmú információkkal való munkavégzés készségeinek elsajátítását közvetett módon ellenőrzik az információ szöveges megjelenítésének különféle módszerei (grafikonok, táblázatok, diagramok és sematikus rajzok) alkalmazásakor.

    A sikeres egyetemi továbbképzés szempontjából a legfontosabb tevékenység a problémamegoldás. Mindegyik opció az összes szakaszhoz tartalmaz feladatokat különböző szinteken nehézségek a jelentkezési képesség tesztelésében fizikai törvényekés képletek mind a tipikus oktatási helyzetekben, mind a nem hagyományos helyzetekben, amelyek megkövetelik az elégséges megnyilvánulását magas fokozat függetlenség az ismert cselekvési algoritmusok kombinálásakor vagy saját feladat-végrehajtási terv elkészítésekor.

    A részletes választ igénylő feladatok ellenőrzésének objektivitását egységes értékelési szempontok, egy-egy munkát értékelő két független szakértő részvétele, harmadik szakértő kijelölésének lehetősége és jogorvoslati eljárás megléte biztosítja.

    A fizika egységes állami vizsga a végzettek által választott vizsga, és célja, hogy a felsőoktatásba való belépéskor különbséget tegyen. oktatási intézményekben. Ebből a célból három összetettségi szintű feladatot tartalmaz a munka. Feladatok elvégzése alapszint A komplexitás lehetővé teszi a fizika kurzusának legjelentősebb tartalmi elemeinek fejlettségi szintjének felmérését Gimnáziumés a legtöbb elsajátítása fontos faj tevékenységek.

    Az alapszint feladatai között megkülönböztetésre kerülnek azok a feladatok, amelyek tartalma megfelel az alapszint színvonalának. Az alapszintű szabvány elsajátításának követelményei alapján kerül meghatározásra a fizika USE pontjainak minimális száma, amely megerősíti, hogy a végzett hallgató elsajátította a középfokú (teljes) általános fizikaképzés programját. A megnövekedett és összetettebb feladatok vizsgamunkában való felhasználása lehetővé teszi, hogy felmérjük a hallgató felkészültségét az egyetemi továbbtanulásra.

    4. A KIM USE felépítése

    A vizsgadolgozat minden változata két részből áll, és 32 feladatot tartalmaz, amelyek formájukban és összetettségi fokukban különböznek egymástól (1. táblázat).

    Az 1. rész 24 rövid válaszfeladatot tartalmaz. Ebből 13 feladat a válasz rögzítésével szám, szó vagy két szám formájában. 11 párosítási és feleletválasztós feladat, amelyekben a válaszokat számsorként kell felírni.

    A 2. rész 8 feladatot tartalmaz, amelyeket egy közös tevékenység – a problémamegoldás – egyesít. Ebből 3 rövid válaszú feladat (25-27) és 5 feladat (28-32), amelyekre részletes válaszadás szükséges.

    Középfokú általános műveltség

    Felkészülés a 2018-as egységes államvizsgára: a fizika bemutató verziójának elemzése

    A fizika vizsga feladatainak elemzését ajánljuk figyelmükbe a 2018-as demóverzióból. A cikk magyarázatokat és részletes algoritmusokat tartalmaz a feladatok megoldásához, valamint ajánlásokat és hivatkozásokat tartalmaz a vizsgára való felkészüléshez szükséges hasznos anyagokhoz.
    

    USE-2018. Fizika. Tematikus képzési feladatokat

    A kiadás tartalmazza:
    különböző típusú feladatok a vizsga valamennyi témakörében;
    választ minden kérdésre.
    A könyv hasznos lesz mind a tanárok számára: lehetővé teszi a hallgatók vizsgára való felkészítésének hatékony megszervezését közvetlenül az osztályteremben, az összes téma tanulmányozásának folyamatában, mind pedig a hallgatók számára: a képzési feladatok lehetővé teszik, hogy szisztematikusan, sikeresen megszervezzék. minden témakörben készüljön fel a vizsgára.

    A nyugalomban lévő ponttest elkezd mozogni a tengely mentén Ox. Az ábra egy vetületi függőségi grafikont mutat ax ennek a testnek az idő múlásával történő gyorsulása t.

    Határozza meg a test által a mozgás harmadik másodpercében megtett távolságot!

    Válasz: _________ m.

    Megoldás

    A grafikonok olvasása minden tanuló számára nagyon fontos. A feladatban az a kérdés, hogy a grafikonból meg kell határozni a gyorsulás vetületének időfüggőségét, azt az utat, amelyet a test a mozgás harmadik másodpercében megtett. A grafikon azt mutatja, hogy a től számított időintervallumban t 1 = 2 mp t 2 = 4 s, a gyorsulási vetület nulla. Következésképpen az eredő erő vetülete ezen a területen Newton második törvénye szerint szintén nullával egyenlő. Meghatározzuk a mozgás jellegét ezen a területen: a test egyenletesen mozgott. Az út könnyen meghatározható, ismerve a mozgás sebességét és idejét. A 0 és 2 s közötti intervallumban azonban a test egyenletesen felgyorsult. A gyorsulás definícióját felhasználva felírjuk a sebesség vetületi egyenletet V x = V 0x + a x t; mivel a test kezdetben nyugalomban volt, így a második másodperc végére a sebesség vetülete lett

    Aztán a test által a harmadik másodpercben megtett út

    Válasz: 8 m

    Rizs. 1

    Egy sima vízszintes felületen két rúd található, amelyeket könnyű rugó köt össze. Egy rúd misére m= 2 kg állandó modulussal egyenlő erőt kell kifejteni F= 10 N és a rugó tengelye mentén vízszintesen irányítva (lásd az ábrát). Határozza meg a rugó rugalmas erejének modulusát abban a pillanatban, amikor ez a rúd 1 m / s 2 gyorsulással mozog.

    Válasz: _________ N.

    Megoldás

    
    

    Vízszintesen egy tömegtesten m\u003d 2 kg, két erő hat, ez az erő F= 10 N és rugalmas erő, a rugó oldaláról. Ezen erők eredője gyorsulást kölcsönöz a testnek. Kiválasztunk egy koordináta egyenest, és az erő hatása mentén irányítjuk F. Írjuk fel erre a testre Newton második törvényét.

    

    A 0 tengelyre vetítve x: F – F extr = ma (2)

    A (2) képletből fejezzük ki a rugalmas erő modulusát F extr = F – ma (3)

    Helyettesítse a számértékeket a (3) képletbe, és kapja meg, F vezérlés = 10 N - 2 kg 1 m / s 2 \u003d 8 N.

    Válasz: 8 N.

    3. feladat

    Egy 4 kg tömegű, durva vízszintes síkon elhelyezkedő testet jelentettek rajta 10 m / s sebességgel. Határozza meg a súrlódási erő által végzett munka modulusát attól a pillanattól kezdve, hogy a test mozogni kezd, addig a pillanatig, amikor a test sebessége kétszeresére csökken.

    Válasz: _____________ J.

    Megoldás

    
    

    A testre a gravitációs erő hat, a támasz reakcióereje az a súrlódási erő, amely fékezési gyorsulást hoz létre.A testet kezdetben 10 m/s sebességgel közölték. Írjuk fel esetünkre Newton második törvényét.

    

    Az (1) egyenlet figyelembe véve a kiválasztott tengelyen lévő vetületet Yígy fog kinézni:

    N – mg = 0; N = mg (2)

    A tengelyen lévő vetületben x: –F tr = - ma; F tr = ma; (3) Meg kell határoznunk a súrlódási erő munkamodulusát addig az időpontig, amikor a sebesség fele akkora lesz, azaz. 5 m/s. Írjunk egy képletet a munkaszámításhoz.

    A · ( F tr) = – F tr S (4)

    A megtett távolság meghatározásához az időtlen képletet használjuk:

    S =	v 2 - v 0 2	(5)
    	2a

    (3) és (5) helyett (4)

    Ekkor a súrlódási erő munkamodulusa egyenlő lesz:

    Helyettesítsük a számértékeket

    A(F tr) =		4 kg	((	5 m	) 2 – (10	m	) 2)	= 150 J
    		2		Val vel		Val vel

    Válasz: 150 J

    USE-2018. Fizika. 30 gyakorlati vizsgadolgozat

    A kiadás tartalmazza:
    30 képzési lehetőség a vizsgára
    végrehajtási és értékelési kritériumokra vonatkozó utasítások
    választ minden kérdésre
    A képzési lehetőségek segítik a tanárt a vizsgára való felkészülés megszervezésében, a hallgatók pedig a tudás és a záróvizsgára való felkészültség önálló próbáját.

    A lépcsős blokk 24 cm sugarú külső tárcsával rendelkezik.A külső és belső tárcsákra tekercselt menetekre súlyok vannak felfüggesztve az ábrán látható módon. A blokk tengelyében nincs súrlódás. Mekkora a blokk belső tárcsájának sugara, ha a rendszer egyensúlyban van?

    
    

    Rizs. 1

    Válasz: _________ lásd

    Megoldás

    
    

    A probléma feltétele szerint a rendszer egyensúlyban van. A képen L 1, váll erő L 2 erőváll Egyensúlyi feltétel: a testeket az óramutató járásával megegyező irányba forgató erők nyomatékainak egyenlőnek kell lenniük a testet az óramutató járásával ellentétes irányba forgató erők nyomatékaival. Emlékezzünk vissza, hogy az erőnyomaték az erőmodulus és a kar szorzata. A terhelések oldaláról a menetekre ható erők 3-szorosak. Ez azt jelenti, hogy a blokk belső tárcsájának sugara is 3-szor eltér a külsőtől. Ezért a váll L 2 egyenlő lesz 8 cm-rel.

    Válasz: 8 cm

    5. feladat

    Ó, különböző időpontokban.

    Válasszon az alábbi listából kettő helyesbítse az állításokat, és adja meg a számukat.

    1. A rugó potenciális energiája 1,0 s időpontban a maximális.
    2. A labda rezgési periódusa 4,0 s.
    3. A labda kinetikus energiája 2,0 másodpercnél minimális.
    4. A golyó lengéseinek amplitúdója 30 mm.
    5. A golyóból és egy rugóból álló inga teljes mechanikai energiája minimum 3,0 s.

    Megoldás

    A táblázatban egy rugóra rögzített és egy vízszintes tengely mentén oszcilláló golyó helyzetére vonatkozó adatok láthatók. Ó, különböző időpontokban. Elemeznünk kell ezeket az adatokat, és ki kell választani a megfelelő két állítást. A rendszer rugós inga. Az adott időpontban t\u003d 1 s, a test elmozdulása az egyensúlyi helyzetből maximális, ami azt jelenti, hogy ez az amplitúdóérték. definíció szerint egy rugalmasan deformált test potenciális energiája kiszámítható a képlettel

    Ep = k	x 2	,
    	2

    Ahol k- rugómerevségi együttható, x- a test elmozdulása az egyensúlyi helyzetből. Ha az elmozdulás maximális, akkor a sebesség ezen a ponton nulla, ami azt jelenti, hogy a mozgási energia nulla lesz. Az energia megmaradásának és átalakulásának törvénye szerint a potenciális energiának maximálisnak kell lennie. A táblázatból azt látjuk, hogy a test átengedi az oszcilláció felét t= 2 s, teljes oszcilláció kétszer annyi idő alatt T= 4 s. Ezért az 1. állítás igaz lesz; 2.

    6. feladat

    Egy kis jégdarabot leengedtek egy hengeres pohár vízbe, hogy lebegjen. Egy idő után a jég teljesen elolvadt. Határozza meg, hogyan változott a jég olvadása következtében a pohár fenekére gyakorolt ​​nyomás és a pohár vízszintje!

    1. megnövekedett;
    2. csökkent;
    3. nem változott.

    Írj neki asztal

    Megoldás

    Rizs. 1

    Az ilyen típusú problémák meglehetősen gyakoriak a vizsga különböző változataiban. És ahogy a gyakorlat azt mutatja, a diákok gyakran hibáznak. Próbáljuk meg részletesen elemezni ezt a feladatot. Jelöli m egy jégdarab tömege, ρ l a jég sűrűsége, ρ w a víz sűrűsége, V pt a jég elmerült részének térfogata, megegyezik a kiszorított folyadék térfogatával (a lyuk térfogatával). Szellemileg távolítsa el a jeget a vízből. Ezután egy lyuk marad a vízben, amelynek térfogata megegyezik V pm, azaz jégdarab által kiszorított vízmennyiség 1( b).

    Írjuk fel a jég lebegésének állapotát! 1( A).

    Fa = mg (1)

    ρ in V délután g = mg (2)

    A (3) és (4) képletet összehasonlítva azt látjuk, hogy a lyuk térfogata pontosan megegyezik a jégdarabunk olvadásából nyert víz térfogatával. Ezért ha most (szellemileg) beleöntjük a jégből nyert vizet a lyukba, akkor a lyuk teljesen megtelik vízzel, és a vízszint az edényben nem változik. Ha a vízszint nem változik, akkor a hidrosztatikus nyomás (5), amely ebben az esetben csak a folyadék magasságától függ, szintén nem változik. Ezért a válasz az lesz

    USE-2018. Fizika. Képzési feladatok

    A kiadvány középiskolásoknak szól, hogy felkészüljenek a fizika vizsgára.
    A juttatás tartalmazza:
    20 edzési lehetőség
    választ minden kérdésre
    HASZNÁLJON válaszűrlapokat minden opcióhoz.
    A kiadvány segítséget nyújt a tanároknak a diákok fizikavizsgára való felkészítésében.

    Egy súlytalan rugó sima vízszintes felületen található, és az egyik végén a falhoz van rögzítve (lásd az ábrát). Egy adott időpontban a rugó deformálódni kezd, külső erőt fejt ki a szabad végére A és egyenletesen mozgatva az A pontot.

    
    

    Állítson fel egyezést a fizikai mennyiségek alakváltozástól való függésének grafikonjai között! x rugók és ezek az értékek. Az első oszlop minden pozíciójához válassza ki a megfelelő pozíciót a második oszlopból, és írja be asztal

    Megoldás

    
    

    A feladat ábrájáról látható, hogy ha a rugó nem deformálódik, akkor a szabad vége, és ennek megfelelően az A pont a koordinátájú helyzetben van. x 0 . Egy adott időpontban a rugó deformálódni kezd, és külső erőt fejt ki a szabad végére A. Az A pont egyenletesen mozog. Attól függően, hogy a rugót megfeszítik vagy összenyomják, a rugóban fellépő rugalmas erő iránya és nagysága változik. Ennek megfelelően az A) betű alatt a grafikon a rugalmassági modulus függése a rugó alakváltozásától.

    A B) betű alatti grafikon a külső erő vetületének az alakváltozás nagyságától való függése. Mert a külső erő növekedésével az alakváltozás nagysága és a rugalmas erő növekszik.

    Válasz: 24.

    8. feladat

    A Réaumur hőmérsékleti skála megalkotásakor azt feltételezzük, hogy normál légköri nyomáson a jég 0 Réaumur (°R) hőmérsékleten megolvad, és a víz 80°R hőmérsékleten forr. Határozzuk meg egy ideális gázrészecske transzlációs hőmozgásának átlagos kinetikus energiáját 29°R hőmérsékleten. Adja meg válaszát eV-ban és kerekítse a legközelebbi századra!

    Válasz: _______ eV.

    Megoldás

    A probléma abból a szempontból érdekes, hogy két hőmérsékletmérő skálát kell összehasonlítani. Ezek a Réaumur hőmérsékleti skála és a Celsius hőmérsékleti skála. A jég olvadáspontja megegyezik a skálán, de a forráspontok eltérőek, képletet kaphatunk a Réaumur fokok Celsius-fokokra való átváltására. Ez

    Váltsuk át a 29 (°R) hőmérsékletet Celsius-fokra

    Az eredményt a képlet segítségével Kelvinre fordítjuk

    T = t°C + 273 (2);

    T= 36,25 + 273 = 309,25 (K)

    Az ideális gáz részecskéi transzlációs hőmozgásának átlagos kinetikus energiájának kiszámításához a képletet használjuk

    

    Ahol k– Boltzmann-állandó egyenlő: 1,38 10 –23 J/K, T – abszolút hőmérséklet a Kelvin-skálán. A képletből látható, hogy az átlagos kinetikus energia hőmérséklettől való függése közvetlen, vagyis hányszor változik a hőmérséklet, annyiszor változik a molekulák hőmozgásának átlagos kinetikai energiája. Cserélje be a számértékeket:

    Az eredményt elektronvoltokra konvertáljuk, és a legközelebbi századra kerekítjük. Emlékezzünk arra

    1 eV \u003d 1,6 10 -19 J.

    Ezért

    Válasz: 0,04 eV.

    Egy mól egyatomos ideális gáz vesz részt az 1–2. folyamatban, amelynek grafikonja az alábbi ábrán látható VT-diagram. Határozzuk meg ehhez a folyamathoz a gáz belső energiája változásának a gáznak átadott hőmennyiséghez viszonyított arányát!

    
    

    Válasz: ___________ .

    Megoldás

    
    

    A feladat feltétele szerint az 1–2. folyamatban, melynek grafikonja az ábrán látható VT-diagramon egy mól egyatomos ideális gázról van szó. A probléma kérdésének megválaszolásához kifejezéseket kell szerezni a gáz belső energiájának és hőmennyiségének megváltoztatására. Izobár folyamat (Gay-Lussac törvény). A belső energia változása kétféleképpen írható le:

    A gáznak leadott hőmennyiségre írjuk fel a termodinamika első főtételét:

    K 12 = A 12+∆ U 12 (5),

    Ahol A 12 - gázmunka a bővítés során. Értelemszerűen a munka az

    A 12 = P 0 2 V 0 (6).

    Ekkor a hőmennyiség egyenlő lesz, figyelembe véve (4) és (6).

    K 12 = P 0 2 V 0 + 3P 0 · V 0 = 5P 0 · V 0 (7)

    Írjuk fel az összefüggést:

    Válasz: 0,6.

    

    A kézikönyv teljes terjedelmében tartalmazza a fizika tantárgy elméleti anyagát, amely a sikeres vizsgához szükséges. A könyv felépítése megfelel a tantárgyi tartalmi elemek modern kodifikátorának, amely alapján a vizsgafeladatok összeállítása történik - az Egységes Államvizsga ellenőrző és mérőanyagai (CMM). Az elméleti anyagot tömör, közérthető formában mutatjuk be. Minden témakörhöz az USE formátumnak megfelelő vizsgafeladatok példái is társulnak. Ez segít a tanárnak megszervezni a szinglire való felkészülést államvizsga valamint hogy a tanulók önállóan mérjék össze tudásukat és felkészültségüket a záróvizsgára.

    Egy kovács 1000°C-on kovácsol egy 500 g tömegű vaspatkót. A kovácsolás befejeztével a patkót egy vízedénybe dobja. Sziszegés hallatszik, és gőz száll fel az edényből. Keresse meg a víz tömegét, amely elpárolog, amikor egy forró patkót belemerítenek. Vegye figyelembe, hogy a víz már forráspontra melegedett.

    Válasz: _________

    Megoldás

    A probléma megoldásához fontos megjegyezni a hőegyensúly egyenletét. Ha nincs veszteség, akkor az energia hőátadása történik a testek rendszerében. Ennek eredményeként a víz elpárolog. Kezdetben a víz 100 °C hőmérsékletű volt, ami azt jelenti, hogy a forró patkó bemerítése után a víz által kapott energia azonnal elpárolog. Felírjuk a hőmérleg egyenletét

    Val velés · m P · ( t n - 100) = lm az 1-ben),

    Ahol L a fajlagos párolgási hő, m c a gőzzé alakult víz tömege, m p a vas patkó tömege, Val vel g a vas fajlagos hőkapacitása. Az (1) képletből fejezzük ki a víz tömegét

    A válasz rögzítésekor ügyeljen arra, hogy milyen egységekben kívánja elhagyni a víztömeget.

    Válasz: 90

    Egy mól egyatomos ideális gáz egy ciklikus folyamatban vesz részt, ennek grafikonja az alábbi ábrán látható tévé- diagram.

    
    

    Válassza ki kettő helyes állításokat a bemutatott grafikon elemzése alapján.

    1. A 2. állapot gáznyomása nagyobb, mint a 4. állapot gáznyomása
    2. A gázmunka a 2-3 szakaszban pozitív.
    3. Az 1-2 szakaszban a gáznyomás nő.
    4. A 4-1 szakaszban bizonyos mennyiségű hőt eltávolítanak a gázból.
    5. A gáz belső energiájának változása az 1–2. szakaszban kisebb, mint a 2–3. szakaszban a gáz belső energiájának változása.

    Megoldás

    
    

    Ez a fajta feladat a grafikonok olvasásának képességét és a fizikai mennyiségek bemutatott függésének magyarázatát teszteli. Fontos megjegyezni, hogy a függőségi gráfok hogyan keresnek izofolyamatokat különböző tengelyeken, különösen R= konst. Példánkban a tévé A diagram két izobárt mutat. Nézzük meg, hogyan változik a nyomás és a térfogat egy rögzített hőmérsékleten. Például két izobáron fekvő 1. és 4. pontra. P 1 . V 1 = P 4 . V 4, ezt látjuk V 4 > V 1 azt jelenti P 1 > P 4. A 2. állapot a nyomásnak felel meg P 1 . Következésképpen a 2. állapot gáznyomása nagyobb, mint a 4. állapotú gáznyomás. A 2-3. szakaszban a folyamat izokhorikus, a gáz nem működik, egyenlő nullával. Az állítás téves. Az 1-2 szakaszban a nyomás nő, szintén helytelen. Közvetlenül fent megmutattuk, hogy ez egy izobár átmenet. A 4-1 szakaszban bizonyos mennyiségű hőt távolítanak el a gázból, hogy a hőmérsékletet állandó szinten tartsák a gáz összenyomásakor.

    Válasz: 14.

    A hőmotor a Carnot-ciklus szerint működik. A hőgép hűtőjének hőmérséklete megemelkedett, így a fűtőberendezés hőmérséklete változatlan maradt. A gáz által a fűtőberendezéstől ciklusonként kapott hőmennyiség nem változott. Hogyan változott a hőmotor hatásfoka és a gáz ciklusonkénti munkája?

    Minden egyes értéknél határozza meg a változás megfelelő jellegét:

    1. megnövekedett
    2. csökkent
    3. nem változott

    Írj neki asztal kiválasztott számadatok minden fizikai mennyiséghez. A válaszban szereplő számok megismétlődhetnek.

    Megoldás

    A Carnot-cikluson működő hőmotorok gyakran megtalálhatók a vizsgafeladatokban. Először is emlékeznie kell a hatékonysági tényező kiszámításának képletére. Legyen képes rögzíteni a fűtőelem hőmérsékletén és a hűtőszekrény hőmérsékletén keresztül

    amellett, hogy a hatásfokot a gáz hasznos munkáján keresztül tudja megírni A g és a fűtőberendezéstől kapott hőmennyiség K n.

    Gondosan elolvastuk a feltételt, és megállapítottuk, hogy mely paraméterek változtak: esetünkben megemeltük a hűtőszekrény hőmérsékletét, a fűtőtest hőmérsékletét változatlan maradva. Az (1) képletet elemezve arra a következtetésre jutunk, hogy a tört számlálója csökken, a nevező nem változik, ezért a hőgép hatásfoka csökken. Ha a (2) formulával dolgozunk, azonnal megválaszoljuk a feladat második kérdését. A gáz ciklusonkénti munkája is csökkenni fog, a hőgép paramétereinek minden aktuális változása mellett.

    Válasz: 22.

    negatív töltés - qKés negatív- K(Lásd a képen). Hova van irányítva a képhez képest ( jobbra, balra, fel, le, a megfigyelő felé, távol a megfigyelőtől) töltési gyorsulás - q be ebben az időpillanatban, ha csak a töltések hatnak rá + KÉs –K? Válaszát írja le szó(k)ban

    
    

    Megoldás

    
    

    Rizs. 1

    negatív töltés - q két fix töltés területén van: pozitív + Kés negatív- K, ahogy az ábrán is látható. annak a kérdésnek a megválaszolása érdekében, hogy hová irányul a töltés gyorsulása - q, abban a pillanatban, amikor csak +Q és - töltések hatnak rá K meg kell találni a keletkező erő irányát, mint az erők geometriai összegét Newton második törvénye szerint ismert, hogy a gyorsulásvektor iránya egybeesik a keletkező erő irányával. Az ábra egy geometriai konstrukciót mutat be két vektor összegének meghatározására. Felmerül a kérdés, hogy miért irányítják így az erőket? Emlékezzünk vissza, hogyan hatnak egymásra a hasonló töltésű testek, taszítják egymást, a töltések kölcsönhatásának Coulomb-ereje a központi erő. az az erő, amellyel az ellentétes töltésű testek vonzzák. Az ábráról látjuk, hogy a töltés az q egyenlő távolságra a fix díjaktól, amelyek modulusa egyenlő. Ezért a modulo is egyenlő lesz. Az eredményül kapott erő az ábrához képest lesz irányítva le. A töltésgyorsítás is irányított lesz - q, azaz le.

    Válasz: Le.

    

    A könyv tartalmazza a sikeres fizikavizsga letételéhez szükséges anyagokat: rövid elméleti információkat minden témában, különböző típusú és összetettségű feladatokat, fokozott bonyolultságú problémák megoldását, válaszokat és értékelési szempontokat. A diákoknak nem kell további információkat keresniük az interneten, és nem kell más kézikönyveket vásárolniuk. Ebben a könyvben mindent megtalálnak, amire szükségük van a vizsgára való önálló és hatékony felkészüléshez. A kiadvány különféle típusú feladatokat tartalmaz a fizika vizsgán tesztelt valamennyi témában, valamint fokozott összetettségű feladatok megoldását. A kiadvány felbecsülhetetlen segítséget nyújt majd a hallgatóknak a fizika vizsgára való felkészülésben, és a pedagógusok is felhasználhatják az oktatási folyamat megszervezésében.

    Két sorba kapcsolt, 4 ohmos és 8 ohmos ellenállást csatlakoztatunk egy akkumulátorhoz, melynek kivezetésein a feszültség 24 V. Milyen hőteljesítmény szabadul fel egy kisebb névleges ellenállásban?

    Válasz: _________ kedd.

    Megoldás

    A probléma megoldásához kívánatos az ellenállások soros kapcsolási rajzát megrajzolni. Ezután emlékezzen a vezetők soros kapcsolásának törvényeire.

    A séma a következő lesz:

    
    

    Ahol R 1 = 4 ohm, R 2 = 8 ohm. Az akkumulátor kivezetésein a feszültség 24 V. Ha a vezetékek sorba vannak kötve, az áramerősség az áramkör minden szakaszában azonos lesz. A teljes ellenállást az összes ellenállás ellenállásának összegeként határozzuk meg. Az Ohm-törvény szerint az áramköri szakaszra:

    A kisebb névleges ellenálláson felszabaduló hőteljesítmény meghatározásához a következőket írjuk:

    P = én 2 R\u003d (2 A) 2 4 Ohm \u003d 16 W.

    Válasz: P= 16 W.

    Egy 2 · 10-3 m 2 területű huzalkeret egyenletes mágneses térben forog a mágneses indukciós vektorra merőleges tengely körül. A keretterületen áthatoló mágneses fluxus a törvény szerint változik

    Ф = 4 10 –6 cos10π t,

    ahol minden mennyiség SI-ben van kifejezve. Mekkora a mágneses indukció modulusa?

    Válasz: ________________ mT.

    Megoldás

    A mágneses fluxus a törvény szerint változik

    Ф = 4 10 –6 cos10π t,

    ahol minden mennyiség SI-ben van kifejezve. Meg kell értenie, hogy általában mi a mágneses fluxus, és hogyan kapcsolódik ez az érték a mágneses indukciós modulushoz Bés keretterület S. Írjuk be az egyenletet Általános nézet hogy megértsük, milyen mennyiségek szerepelnek benne.

    Φ = Φ m cosω t(1)

    Ne feledje, hogy a cos vagy sin előjel előtt van egy változó érték amplitúdója, ami Φ max \u003d 4 10 -6 Wb, másrészt a mágneses fluxus egyenlő a mágneses indukciós modulus és a áramkör területe és az áramkör normálja és a mágneses indukciós vektor közötti szög koszinusza Φ m = BAN BEN · S cosα, a fluxus maximális, ha cosα = 1; fejezzük ki az indukciós modulust

    A választ mT-be kell írni. Eredményünk 2 mT.

    Válasz: 2.

    Az elektromos áramkör szakasza sorba kapcsolt ezüst és alumínium vezetékek. 2 A állandó elektromos áram folyik át rajtuk. A grafikon azt mutatja, hogyan változik a φ potenciál az áramkör ezen szakaszában, ha a vezetékek mentén távolsággal elmozdul. x

    A grafikon segítségével válassza ki kettő helyesbítse az állításokat, és a válaszban tüntesse fel számukat!

    
    

    1. A vezetékek keresztmetszete azonos.
    2. Ezüsthuzal keresztmetszete 6,4 10 -2 mm 2
    3. Ezüsthuzal keresztmetszete 4,27 10 -2 mm 2
    4. Az alumíniumhuzalban 2 W hőteljesítmény szabadul fel.
    5. Az ezüsthuzal kevesebb hőenergiát termel, mint az alumíniumhuzal.

    Megoldás

    A feladatban szereplő kérdésre a válasz két helyes állítás lesz. Ehhez próbáljunk meg néhány egyszerű feladatot megoldani egy grafikon és néhány adat segítségével. Az elektromos áramkör szakasza sorba kapcsolt ezüst és alumínium vezetékek. 2 A állandó elektromos áram folyik át rajtuk. A grafikon azt mutatja, hogyan változik a φ potenciál az áramkör ezen szakaszában, ha a vezetékek mentén távolsággal elmozdul. x. Az ezüst és az alumínium fajlagos ellenállása 0,016 μΩ m, illetve 0,028 μΩ m.

    
    

    A vezetékek sorba vannak kötve, ezért az áramerősség az áramkör minden szakaszában azonos lesz. A vezető elektromos ellenállása függ az anyagtól, amelyből a vezető készült, a vezető hosszától, a vezeték keresztmetszeti területétől

    R =	ρ l	(1),
    	S

    ahol ρ a vezető ellenállása; l- vezeték hossza; S- keresztmetszeti terület. A grafikonon látható, hogy az ezüsthuzal hossza L c = 8 m; alumínium huzal hossza L a \u003d 14 m. Feszültség az ezüsthuzal szakaszán U c \u003d Δφ \u003d 6 V - 2 V \u003d 4 V. Feszültség az alumíniumhuzal szakaszában U a \u003d Δφ \u003d 2 V - 1 V \u003d 1 V. Feltétel alapján ismert, hogy a vezetékeken állandó 2 A elektromos áram folyik át, a feszültség és az áramerősség ismeretében meghatározzuk elektromos ellenállás az áramköri szakasz Ohm-törvénye szerint.

    Fontos megjegyezni, hogy a számszerű értékeknek az SI rendszerben kell lenniük a számításokhoz.

    Helyes állítás 2.

    Ellenőrizzük a hatalom kifejezéseit.

    P a = én 2 · R a(4);

    P a \u003d (2 A) 2 0,5 Ohm \u003d 2 W.

    Válasz:

    

    A kézikönyv teljes terjedelmében tartalmazza a fizika tantárgy elméleti anyagát, amely a sikeres vizsgához szükséges. A könyv felépítése megfelel a tantárgyi tartalmi elemek modern kodifikátorának, amely alapján a vizsgafeladatok összeállítása történik - az Egységes Államvizsga ellenőrző és mérőanyagai (CMM). Az elméleti anyagot tömör, közérthető formában mutatjuk be. Minden témakörhöz az USE formátumnak megfelelő vizsgafeladatok példái is társulnak. Ez segíti a tanárt az egységes államvizsgára való felkészülés megszervezésében, a tanulók pedig abban, hogy önállóan mérjék össze tudásukat és felkészültségüket a záróvizsgára. A kézikönyv végén önvizsgálati feladatokra adunk válaszokat, amelyek segítségével az iskolások és a jelentkezők objektíven tudják felmérni tudásuk szintjét és a minősítő vizsgára való felkészültség fokát. A kézikönyv felső tagozatos diákoknak, jelentkezőknek és tanároknak szól.

    Egy kis tárgy egy vékony konvergáló lencse fő optikai tengelyén helyezkedik el a gyújtótávolság és a belőle származó fókusztávolság kétszerese között. A tárgy közelebb kerül az objektív fókuszához. Hogyan változtatja meg ez az objektív képméretét és optikai teljesítményét?

    Minden mennyiséghez határozza meg a változás megfelelő jellegét:

    1. növeli
    2. csökken
    3. nem változik

    Írj neki asztal kiválasztott számadatok minden fizikai mennyiséghez. A válaszban szereplő számok megismétlődhetnek.

    Megoldás

    Az objektum egy vékony konvergáló lencse fő optikai tengelyén helyezkedik el a gyújtótávolság és a kettős fókusztávolság között. A tárgy kezd közelebb kerülni a lencse fókuszához, miközben a lencse optikai ereje nem változik, mivel nem cseréljük a lencsét.

    D =	1	(1),
    	F

    Ahol F az objektív gyújtótávolsága; D a lencse optikai ereje. Annak a kérdésnek a megválaszolásához, hogy a képméret hogyan változik, minden pozícióhoz létre kell hozni egy képet.

    
    

    Rizs. 1

    
    

    Rizs. 2

    Két képet készítettünk a téma két pozíciójához. Nyilvánvaló, hogy a második kép mérete megnőtt.

    Válasz: 13.

    Az ábrán egy egyenáramú áramkör látható. Az áramforrás belső ellenállása elhanyagolható. Hozzon létre megfeleltetést a fizikai mennyiségek és a képletek között, amellyel kiszámíthatók ( - az áramforrás EMF-je; R az ellenállás ellenállása).

    Az első oszlop minden pozíciójához válassza ki a második oszlop megfelelő pozícióját, és írja be asztal kiválasztott számokat a megfelelő betűk alatt.

    
    

    Megoldás

    
    

    Rizs.1

    A probléma feltétele szerint figyelmen kívül hagyjuk a forrás belső ellenállását. Az áramkör egy állandó áramforrást, két ellenállást, ellenállást tartalmaz R, mindegyik és kulcs. A probléma első feltétele az áramerősség meghatározása a forráson keresztül zárt kulcs mellett. Ha a kulcs zárva van, akkor a két ellenállás párhuzamosan kapcsolódik. A teljes áramkör Ohm-törvénye ebben az esetben így néz ki:

    Ahol én- áramerősség a forráson keresztül zárt kulccsal;

    Ahol N- a párhuzamosan, azonos ellenállású vezetékek száma.

    – Az áramforrás EMF-je.

    Helyettesítjük (2) az (1)-ben: ez a képlet a 2-es szám alatt.

    A probléma második feltétele szerint a kulcsot ki kell nyitni, ekkor az áram csak egy ellenálláson fog átfolyni. Az Ohm-törvény egy teljes áramkörre ebben az esetben a következő formában lesz:

    Megoldás

    Írjuk fel esetünkben a magreakciót:

    E reakció eredményeként teljesül a töltés és a tömegszám megmaradásának törvénye.

    Z = 92 – 56 = 36;

    M = 236 – 3 – 139 = 94.

    Ezért az atommag töltése 36, az atommag tömegszáma pedig 94.

    

    Új könyvtár tartalmazza az egységes államvizsga letételéhez szükséges fizika tantárgy összes elméleti anyagát. Tartalmazza a tartalom minden elemét, ellenőrző- és mérőanyagokkal ellenőrizve, segíti az iskolai fizika tantárgy ismereteinek, készségeinek általánosítását, rendszerezését. Az elméleti anyagot tömör és hozzáférhető formában mutatjuk be. Minden témát példák kísérnek. tesztelemek. A gyakorlati feladatok megfelelnek az USE formátumnak. A tesztekre adott válaszok a kézikönyv végén találhatók. A kézikönyv iskolásoknak, pályázóknak és tanároknak szól.

    Időszak T A kálium-izotóp felezési ideje 7,6 perc. Kezdetben a minta 2,4 mg-ot tartalmazott ebből az izotópból. Mennyi marad ebből az izotópból a mintában 22,8 perc elteltével?

    Válasz: _____________ mg.

    Megoldás

    A feladat a radioaktív bomlás törvényének alkalmazása. Formába írható

    

    Ahol m 0 az anyag kezdeti tömege, t az az idő, amely alatt egy anyag lebomlik T- fél élet. Helyettesítsük a számértékeket

    Válasz: 0,3 mg.

    Monokróm fénysugár esik egy fémlemezre. Ebben az esetben a fotoelektromos hatás jelensége figyelhető meg. Az első oszlop grafikonjai az energia λ hullámhossztól és ν fényfrekvenciától való függését mutatják. Állítson fel egyezést a gráf és az energia között, amelyre vonatkozóan meghatározhatja a bemutatott függést.

    Az első oszlop minden pozíciójához válassza ki a megfelelő pozíciót a második oszlopból, és írja be asztal kiválasztott számokat a megfelelő betűk alatt.

    Megoldás

    Célszerű felidézni a fotoelektromos hatás definícióját. Ez a fény és az anyag kölcsönhatásának jelensége, melynek eredményeként a fotonok energiája átkerül az anyag elektronjaira. Különbséget kell tenni a külső és belső fotoelektromos hatás között. Esetünkben a külső fotoelektromos hatásról beszélünk. Fény hatására az elektronok kilökődnek az anyagból. A munkafunkció attól függ, hogy milyen anyagból készült a fotocella fotokatódja, és nem függ a fény frekvenciájától. A beeső fotonok energiája arányos a fény frekvenciájával.

    E= h v(1)

    ahol λ a fény hullámhossza; Val vel a fény sebessége,

    Helyettesítsd (3)-at (1)-be, azt kapjuk

    Elemezzük a kapott képletet. Nyilvánvaló, hogy a hullámhossz növekedésével a beeső fotonok energiája csökken. Ez a fajta függőség az A betű alatti grafikonnak felel meg)

    Írjuk fel a fotoelektromos hatás Einstein-egyenletét:

    hν = A ki + E(5),

    Ahol hν a fotokatódon beeső foton energiája, A vy – munka funkció, E k a fotokatódból fény hatására kibocsátott fotoelektronok maximális kinetikus energiája.

    Az (5) képletből kifejezzük E k = hν – A ki (6), ezért a beeső fény frekvenciájának növekedésével a fotoelektronok maximális mozgási energiája nő.

    piros szegély

    ν cr =	A kijárat	(7),
    	h

    ez az a minimális frekvencia, amelyen a fotoelektromos hatás még lehetséges. A fotoelektronok maximális kinetikus energiájának a beeső fény frekvenciájától való függése a B betű alatti grafikonon tükröződik.

    Válasz:

    Határozza meg az ampermérő állását (lásd az ábrát), ha hiba van közvetlen mérésáram egyenlő az ampermérő osztásértékével.

    
    

    Válasz: (____________________±_______________) A.

    Megoldás

    
    

    A feladat a mérőeszköz leolvasásainak rögzítési képességét teszteli a megadott mérési hiba figyelembevételével. Határozzuk meg a skálaosztás értékét Val vel\u003d (0,4 A - 0,2 A) / 10 \u003d 0,02 A. A feltétel szerinti mérési hiba egyenlő a skálaosztással, azaz. Δ én = c= 0,02 A. A végeredményt így írjuk:

    én= (0,20 ± 0,02) A

    Szükséges egy kísérleti összeállítás összeállítása, amellyel meghatározhatja az acél csúszósúrlódási együtthatóját a fán. Ehhez a tanuló vett egy acélrudat egy horoggal. Az alábbi berendezések közül melyik két elemet kell ezen kívül használni a kísérlet végrehajtásához?

    1. fa léc
    2. dinamométer
    3. főzőpohár
    4. műanyag sín
    5. stopperóra

    Válaszul írja le a kiválasztott tételek számát.

    Megoldás

    A feladatban meg kell határozni az acél csúszósúrlódási együtthatóját a fán, ezért a kísérlet elvégzéséhez fa vonalzót és fékpadot kell venni a javasolt berendezéslistából az erő mérésére. Célszerű felidézni a csúszó súrlódási erő modulusának számítására szolgáló képletet

    fck = μ · N (1),

    ahol μ a csúszósúrlódási együttható, N a támasz reakcióereje, modulusában egyenlő a test súlyával.

    Válasz:

    

    A kézikönyv részletes elméleti anyagot tartalmaz az USE által a fizikában tesztelt összes témában. Minden szakasz után többszintű feladatokat adnak vizsga formájában. A tudás végső ellenőrzéséhez a kézikönyv végén találhatók képzési lehetőségek a vizsgának megfelelő. A diákoknak nem kell további információkat keresniük az interneten, és nem kell más kézikönyveket vásárolniuk. Ebben az útmutatóban mindent megtalálnak, amire szükségük van a vizsgára való önálló és hatékony felkészüléshez. A segédkönyv középiskolásoknak szól, hogy felkészüljenek a fizika vizsgára. A kézikönyv részletes elméleti anyagot tartalmaz a vizsgán tesztelt összes témában. Minden rész után példák találhatók az USE feladatokra és egy gyakorló teszt. Minden kérdésre választ kapunk. A kiadvány hasznos lesz a fizikatanároknak, a szülőknek a tanulók vizsgára való hatékony felkészítéséhez.

    Vegyünk egy táblázatot, amely információkat tartalmaz a fényes csillagokról.

    Csillag neve	Hőfok, NAK NEK	Súly (naptömegben)	Sugár (napsugárban)	Távolság a csillagtól (szent év)
    Aldebaran		5
    Betelgeuse

    Válassza ki kettő a csillagok jellemzőinek megfelelő kijelentéseket.

    1. A Betelgeuse felszíni hőmérséklete és sugara azt jelzi, hogy ez a csillag a vörös szuperóriásokhoz tartozik.
    2. A Procyon felszínén a hőmérséklet 2-szer alacsonyabb, mint a Nap felszínén.
    3. A Castor és a Capella csillagok azonos távolságra vannak a Földtől, ezért ugyanahhoz a csillagképhez tartoznak.
    4. A Vega csillag az A spektrális osztályba tartozó fehér csillagok közé tartozik.
    5. Mivel a Vega és a Capella csillagok tömege azonos, azonos spektrális osztályba tartoznak.

    Megoldás

    Csillag neve	Hőfok, NAK NEK	Súly (naptömegben)	Sugár (napsugárban)	Távolság a csillagtól (szent év)
    Aldebaran
    Betelgeuse
    			2,5

    A feladatban két igaz állítást kell választani, amelyek megfelelnek a csillagok jellemzőinek. A táblázat azt mutatja, hogy a Betelgeuse a legalacsonyabb hőmérsékletű és a legnagyobb sugarú, ami azt jelenti, hogy ez a csillag a vörös óriásokhoz tartozik. Ezért a helyes válasz az (1). A második állítás helyes kiválasztásához ismerni kell a csillagok spektrális típusok szerinti eloszlását. Ismernünk kell az ennek megfelelő hőmérsékleti intervallumot és a csillag színét. A táblázat adatait elemezve arra a következtetésre jutunk, hogy a (4) lesz a helyes állítás. A Vega csillag az A spektrális osztályba tartozó fehér csillagok közé tartozik.

    Egy 2 kg tömegű, 200 m/s sebességgel repülő lövedék két darabra törik. Az első 1 kg tömegű töredék az eredeti irányhoz képest 90°-os szöget zár be 300 m/s sebességgel. Keresse meg a második töredék sebességét.

    Válasz: _______ m/s.

    Megoldás

    A lövedék kitörésének pillanatában (Δ t→ 0), a gravitáció hatása elhanyagolható, és a lövedék zárt rendszernek tekinthető. Az impulzusmegmaradás törvénye szerint: a zárt rendszerbe tartozó testek nyomatékának vektorösszege állandó marad e rendszer testeinek egymással való kölcsönhatásai esetén. esetünkben ezt írjuk:

    

    - lövedék sebessége; m- a lövedék tömege a repedés előtt; az első töredék sebessége; m 1 az első töredék tömege; m 2 – a második töredék tömege; a második töredék sebessége.

    Válasszuk ki a tengely pozitív irányát x, amely egybeesik a lövedék sebességének irányával, akkor a vetítésben erre a tengelyre írjuk az (1) egyenletet:

    mv x = m 1 v 1x + m 2 v 2x (2)

    A feltétel szerint az első töredék az eredeti irányhoz képest 90°-os szögben repül. A kívánt impulzusvektor hosszát a Pitagorasz-tétel határozza meg egy derékszögű háromszögre.

    p 2 = √p 2 + p 1 2 (3)

    p 2 = √400 2 + 300 2 = 500 (kg m/s)

    Válasz: 500 m/s.

    Ideális egyatomos gáz állandó nyomáson történő összenyomásakor a külső erők 2000 J. Mekkora hőt adott át a gáz a környező testeknek?

    Válasz: _____ J.

    Megoldás

    Kihívás a termodinamika első főtételéhez.

    Δ U = K + A nap, (1)

    Ahol Δ U – a gáz belső energiájának változása, K- a gáz által a környező testeknek átadott hőmennyiség, A nap - munka külső erők. Az állapot szerint a gáz egyatomos és állandó nyomáson van összenyomva.

    A nap = - A g(2),

    K = Δ U– A nap = Δ U+ A r =	3	pΔ V + pΔ V =	5	pΔ V,
    	2		2

    Ahol pΔ V = A G

    Válasz: 5000 J

    

    Egy 8,0 · 10 14 Hz frekvenciájú sík monokromatikus fényhullám a normál mentén beesik egy diffrakciós rácsra. Mögötte a ráccsal párhuzamosan egy 21 cm-es gyújtótávolságú konvergáló lencsét helyezünk el, melynek diffrakciós mintája a lencse hátsó fókuszsíkjában figyelhető meg a képernyőn. Az 1. és 2. rend fő maximumai közötti távolság 18 mm. Keresse meg a rácsidőszakot. Adja meg válaszát mikrométerben (µm) a legközelebbi tizedre kerekítve. Számítsa ki kis szögekre (φ ≈ 1 radiánban) tgα ≈ sinφ ≈ φ.

    Megoldás

    A diffrakciós mintázat maximumaihoz vezető szögirányokat az egyenlet határozza meg

    d sinφ = kλ (1),

    Ahol d a diffrakciós rács periódusa, φ a rács normálja és a diffrakciós mintázat egyik maximumának iránya közötti szög, λ a fény hullámhossza, k a diffrakciós maximum sorrendjének nevezett egész szám. Adjuk meg az (1) egyenletből a diffrakciós rács periódusát

    
    

    Rizs. 1

    A feladat feltételének megfelelően ismerjük az első és második rendű fő maximumai közötti távolságot, ezt Δ-vel jelöljük. x\u003d 18 mm \u003d 1,8 10 -2 m, fényhullám frekvencia ν \u003d 8,0 10 14 Hz, a lencse gyújtótávolsága F\u003d 21 cm \u003d 2,1 10 -1 m. Meg kell határoznunk a diffrakciós rács periódusát. ábrán. Az 1. ábra a sugarak útját ábrázolja a rácson és a mögötte lévő lencsén keresztül. A konvergáló lencse fókuszsíkjában elhelyezkedő képernyőn diffrakciós mintázat figyelhető meg az összes résből érkező hullámok interferenciája következtében. Az 1. képletet két első és második rendű maximumra használjuk.

    d sinφ 1 = kλ(2),

    Ha k = 1, akkor d sinφ 1 = λ (3),

    írj hasonlót a számára k = 2,

    Mivel a φ szög kicsi, tgφ ≈ sinφ. Ezután az ábrából. 1 ezt látjuk

    Ahol x 1 a távolság a nulla maximumtól az első sorrend maximumáig. Hasonlóan a távolságra is x 2 .

    Akkor van

    reszelési időszak,

    mert definíció szerint

    Ahol Val vel\u003d 3 10 8 m / s - a fény sebessége, majd helyettesítve a kapott számértékeket

    A választ mikrométerben adtuk meg, tizedekre kerekítve, a feladatmeghatározásnak megfelelően.

    Válasz: 4,4 µm.

    A fizika törvényei alapján keresse meg egy ideális voltmérő leolvasását az ábrán látható áramkörben a kulcs bezárása előtt, és írja le a leolvasási változásait a K kulcs bezárása után. Kezdetben a kondenzátor nincs feltöltve.

    
    

    Megoldás

    
    

    Rizs. 1

    A C rész feladatai megkövetelik a hallgatótól, hogy teljes és részletes választ adjon. A fizika törvényei alapján meg kell határozni a voltmérő leolvasását a K kulcs zárása előtt és a K kulcs zárása után. Vegyük figyelembe, hogy kezdetben az áramkörben lévő kondenzátor nincs feltöltve. Tekintsünk két állapotot. Nyitott kulcs esetén csak az ellenállás csatlakozik a tápegységhez. A voltmérő állása nulla, mivel párhuzamosan van csatlakoztatva a kondenzátorral, és a kondenzátor kezdetben nincs feltöltve, akkor q 1 = 0. A második állapot az, amikor a kulcs zárva van. Ezután a voltmérő leolvasása addig nő, amíg el nem éri a maximális értéket, amely idővel nem változik,

    Ahol r a forrás belső ellenállása. Feszültség a kondenzátoron és az ellenálláson, az áramköri szakasz Ohm-törvénye szerint U = én · R nem változik az idő múlásával, és a voltmérő leolvasása nem változik.

    Egy fenékrésszel rendelkező hengeres edény aljához cérnával egy fagolyót kötnek S\u003d 100 cm 2. Vizet öntenek az edénybe úgy, hogy a labda teljesen elmerüljön a folyadékban, miközben a cérna megnyúlik és erővel hat a labdára T. Ha a cérnát elvágják, a labda lebeg, és a vízszint a következőre változik h \u003d 5 cm Keresse meg a szál feszességét T.

    Megoldás

    Rizs. 1		Rizs. 2

    Kezdetben egy fából készült labdát kötöznek egy cérnával egy hengeres edény aljához, amelynek alsó része S\u003d 100 cm 2 \u003d 0,01 m 2 és teljesen vízbe merítve. Három erő hat a labdára: a gravitációs erő a Föld felőli felől, - az Arkhimédész erő a folyadék oldaláról, - a fonal feszítőereje, a labda és a cérna kölcsönhatásának eredménye. . Első esetben a labda egyensúlyi állapotának megfelelően geometriai összeg a labdára ható összes erő nullával egyenlőnek kell lennie:

    

    Válasszuk ki a koordinátatengelyt OYés mutasson rá. Ekkor a vetületet figyelembe véve az (1) egyenlet felírható:

    Fa 1 = T + mg (2).

    Írjuk fel Arkhimédész erejét:

    Fa 1 = ρ V 1 g (3),

    Ahol V 1 - a labda vízbe merített részének térfogata, az elsőben a teljes labda térfogata, m a golyó tömege, ρ a víz sűrűsége. Az egyensúlyi feltétel a második esetben

    Fa 2 = mg(4)

    Írjuk ki Arkhimédész erejét ebben az esetben:

    Fa 2 = ρ V 2 g (5),

    Ahol V A 2 a második esetben a gömb folyadékba merített részének térfogata.

    Dolgozunk a (2) és (4) egyenlettel. Használhatja a helyettesítési módszert, vagy kivonhatja a (2) - (4)-ből Fa 1 – Fa 2 = T, a (3) és (5) képlet segítségével megkapjuk a ρ · V 1 g– ρ · V 2 g= T;

    ρg( V 1 – V 2) = T (6)

    Tekintettel arra

    V 1 – V 2 = S · h (7),

    Ahol h= H 1 - H 2; kapunk

    T= ρ g S · h (8)

    Helyettesítsük a számértékeket

    Válasz: 5 N.

    

    A fizika vizsga letételéhez szükséges összes információ vizuális és hozzáférhető táblázatokban jelenik meg, minden téma után képzési feladatok vannak a tudás ellenőrzéséhez. A könyv segítségével a hallgatók a lehető legrövidebb idő alatt fejleszthetik tudásukat, néhány nappal a vizsga előtt emlékezhetnek az összes legfontosabb témára, gyakorolhatják a feladatok USE formátumban történő kitöltését, és magabiztosabbá válhatnak képességeikben. . A kézikönyvben bemutatott összes téma megismétlése után a régóta várt 100 pont sokkal közelebb lesz! A kézikönyv elméleti információkat tartalmaz a fizikavizsgán tesztelt összes témában. Minden szakasz után különböző típusú képzési feladatokat adunk válaszokkal. Az anyag vizuális és hozzáférhető bemutatása lehetővé teszi, hogy gyorsan megtalálja a szükséges információkat, kiküszöbölje a tudásbeli hiányosságokat és a lehető leghamarabb ismételje meg a nagy mennyiségű információt. A kiadvány segítséget nyújt a középiskolásoknak az órákra való felkészülésben, különféle formák aktuális és középszintű ellenőrzéshez, valamint a vizsgákra való felkészüléshez.

    30. feladat

    Egy 4 × 5 × 3 m méretű helyiségben, amelyben a levegő hőmérséklete 10 ° C és a relatív páratartalom 30%, egy 0,2 l / h kapacitású párásítót kapcsoltak be. Mennyi lesz a levegő relatív páratartalma a helyiségben 1,5 óra elteltével? A telített vízgőz nyomása 10 °C-on 1,23 kPa. Tekintsük a helyiséget hermetikus edénynek.

    Megoldás

    A gőzzel és páratartalommal kapcsolatos problémák megoldásának megkezdésekor mindig érdemes szem előtt tartani a következőket: ha a telítőgőz hőmérséklete és nyomása (sűrűsége) adott, akkor sűrűségét (nyomását) a Mengyelejev-Clapeyron egyenletből határozzuk meg. . Írja fel a Mengyelejev-Clapeyron egyenletet és a relatív páratartalom képletét minden állapothoz!

    Az első esetben φ 1 = 30%-nál. A vízgőz parciális nyomását a következő képlet fejezi ki:

    Ahol T = t+ 273 (K), R az univerzális gázállandó. A (2) és (3) egyenlet segítségével fejezzük ki a helyiségben lévő gőz kezdeti tömegét:

    A párásító működésének τ ideje alatt a víz tömege növekszik

    Δ m = τ · ρ · én, (6)

    Ahol én– A párásító teljesítménye az állapotnak megfelelően egyenlő 0,2 l / h = 0,2 10 -3 m 3 / h, ρ = 1000 kg / m 3 - a víz sűrűsége. Helyettesítse a (4) és (5) képletet (6)

    A kifejezést átalakítjuk és kifejezzük

    Ez a kívánt képlet arra a relatív páratartalomra, amely a párásító működése után a helyiségben lesz.

    Cserélje be a számértékeket, és kapja a következő eredményt

    Válasz: 83 %.

    Vízszintesen elhelyezett, elhanyagolható ellenállású durva síneken két egyforma tömegű rúd m= 100 g és ellenállás R= egyenként 0,1 ohm. A sínek távolsága l = 10 cm, a rudak és a sínek közötti súrlódási tényező μ = 0,1. A rudas sínek egyenletes függőleges mágneses térben vannak, B = 1 T indukcióval (lásd az ábrát). A sín mentén az első rúdra ható vízszintes erő hatására mindkét rúd transzlációsan egyenletesen, eltérő sebességgel mozog. Mekkora az első rúd sebessége a másodikhoz képest? Figyelmen kívül hagyja az áramkör öninduktivitását.

    
    

    Megoldás

    
    

    Rizs. 1

    A feladatot nehezíti, hogy két rúd mozog, és meg kell határozni az első sebességét a másodikhoz képest. Ellenkező esetben az ilyen típusú problémák megoldásának megközelítése változatlan marad. változás mágneses fluxusáthatoló áramkör indukciós EMF kialakulásához vezet. Esetünkben, amikor a rudak különböző sebességgel mozognak, az áramkörbe behatoló mágneses indukciós vektor fluxusának változása a Δ időintervallumban t képlet határozza meg

    ΔΦ = B · l · ( v 1 – v 2) Δ t (1)

    Ez az indukciós EMF megjelenéséhez vezet. Faraday törvénye szerint

    A probléma feltétele szerint figyelmen kívül hagyjuk az áramkör önindukcióját. Az Ohm-törvény szerint a zárt áramkörre az áramkörben előforduló áramra a következő kifejezést írjuk:

    Az ampererő olyan mágneses térben lévő áramvezető vezetékekre hat, amelyek moduljai egyenlőek egymással, és egyenlők az áramerősség, a mágneses indukciós vektor modulja és a vezető hosszának szorzatával. Mivel az erővektor merőleges az áram irányára, akkor sinα = 1, akkor

    F 1 = F 2 = én · B · l (4)

    A súrlódás fékezőereje továbbra is hat a rudakra,

    F tr = μ m · g (5)

    feltétellel azt mondjuk, hogy a rudak egyenletesen mozognak, ami azt jelenti, hogy az egyes rúdra ható erők geometriai összege nulla. Csak az Ampererő és a súrlódási erő hat a második rúdra. F tr = F 2, figyelembe véve (3), (4), (5)

    Itt fejezzük ki a relatív sebességet

    Cserélje be a számértékeket:

    Válasz: 2 m/s.

    A fotoelektromos hatás vizsgálatára irányuló kísérletben a katód felületére ν = 6,1 · 10 14 Hz frekvenciájú fény esik, aminek következtében az áramkörben áram jelenik meg. Aktuális függőségi grafikon én tól től feszültség U az anód és a katód között az ábrán látható. Mekkora a beeső fény ereje R, ha átlagosan a katódon beeső 20 fotonból egy kiüt egy elektront?

    
    

    Megoldás

    
    

    Értelemszerűen az áram fizikai mennyiség számszerűen egyenlő a töltéssel q egységnyi idő alatt áthalad a vezető keresztmetszetén t:

    én =	q	(1).
    	t

    Ha a katódból kiütött összes fotoelektron eléri az anódot, akkor az áramkörben lévő áram eléri a telítettséget. A vezeték keresztmetszetén áthaladó teljes töltés kiszámítható

    q = N e · e · t (2),

    Ahol e az elektron töltési modulusa, N e– a katódból 1 s alatt kiütő fotoelektronok száma. Az állapot szerint a katódon beeső 20 fotonból egy elektront üt ki. Akkor

    Ahol N f a katódon 1 s alatt beeső fotonok száma. A maximális áram ebben az esetben lesz

    Feladatunk a katódon beeső fotonok számának meghatározása. Ismeretes, hogy egy foton energiája egyenlő E f = h · v, akkor a beeső fény ereje

    A megfelelő mennyiségek behelyettesítése után megkapjuk a végső képletet

    P = N f · h · v =

    20 · én max h USE-2018. Fizika (60x84/8) 10 gyakorlati vizsgafeladat az egységes államvizsgára való felkészüléshez Az iskolások és a jelentkezők figyelmébe ajánlunk egy új fizika tankönyvet HASZNÁLJA az előkészítést, amely 10 lehetőséget tartalmaz a képzési vizsgadolgozatokhoz. Az egyes lehetőségeket az egységes fizika államvizsga követelményeinek megfelelően állítják össze, különböző típusú és összetettségű feladatokat tartalmaznak. A könyv végén minden feladat önvizsgálatára adunk választ. A javasolt képzési lehetőségek segítik a tanárt az egységes államvizsgára való felkészülés megszervezésében, a hallgatók pedig önállóan mérik össze tudásukat és felkészültségüket a záróvizsgára. A kézikönyv iskolásoknak, pályázóknak és tanároknak szól.